Сайн гараа 2018, Бага ангийн багш
Бодлогын тоо: 4 Хугацаа: мин
1. x+y+z=2 байх x, y, z эерэг бодит тоонуудын хувьд
(x−1)2y+(y−1)2z+(z−1)2x≥14(x2+y2x+y+y2+z2y+z+z2+x2z+x)
тэнцэтгэл биш биелэхийг батал.
Заавар Бодолт
Заавар. Титугийн лемм.
n∑i=1u2ivi≥(∑ni=1ui)2∑ni=1vi
Бодолт. Т. Базарын бодолт.
Титугийн леммээр (x−1)2y+(y−1)2z≥(x+y−2)2y+z=z2y+z (y−1)2z+(z−1)2x≥(y+z−2)2z+x=x2z+x (z−1)2x+(x−1)2y≥(z+x−2)2x+y=y2x+y Эндээс ∑cyc(x−1)2y≥12(x2z+x+y2x+y+z2y+z) болов. 12∑cycx2z+x≥14∑cycx2+y2x+y гэж батлахад хангалттай. Баруун гар талыг зүүн гар талд гаргаж хялбарчилбал 12∑cycx2z+x−14∑cycx2+y2x+y=14⋅(∑cycx2x+y−∑cycy2x+y)=14⋅∑cycx2−y2x+y=14⋅∑cyc(x−y)=0 болж батлагдав. Тэнцэлдээ x=y=z=23 үед хүрнэ.
Титугийн леммээр (x−1)2y+(y−1)2z≥(x+y−2)2y+z=z2y+z (y−1)2z+(z−1)2x≥(y+z−2)2z+x=x2z+x (z−1)2x+(x−1)2y≥(z+x−2)2x+y=y2x+y Эндээс ∑cyc(x−1)2y≥12(x2z+x+y2x+y+z2y+z) болов. 12∑cycx2z+x≥14∑cycx2+y2x+y гэж батлахад хангалттай. Баруун гар талыг зүүн гар талд гаргаж хялбарчилбал 12∑cycx2z+x−14∑cycx2+y2x+y=14⋅(∑cycx2x+y−∑cycy2x+y)=14⋅∑cycx2−y2x+y=14⋅∑cyc(x−y)=0 болж батлагдав. Тэнцэлдээ x=y=z=23 үед хүрнэ.
2. Болдод гурван овоо чулуу байв. Тэр нэг үйлдэлдээ аль нэг овооноос чулуу авч нөгөө овооны чулууг 2 дахин их болгож чадна. Тэгвэл тэр ямагт аль нэг овоог чулуугүй болгож чадах уу?
3. ∠A=90∘ байх тэгш өнцөгт гурвалжинд AH өндөр, AM медиан татав. BA, AC катетууд дээр харгалзан гадаад байдлаар BAP, CAQ зөв гурвалжнууд байгуулав. Хэрэв AM шулуун PQ хэрчмийг Nцэгт огтолдог бол ∠NHP=∠AHQ гэж батал.
4. p нь анхны тоо. a1,a2,…,ap нь бүхэл тоонууд байг.
a1+k,a2+2k,…,ap+pk
тоонуудыг p-д хуваахад дор хаяж 12p ширхэг ялгаатай үлдэгдэл өгдөг байх k бүхэл тоо олдохыг батал.